如果C语言不支持通过引用传递变量，为什么这样做呢?
#include <stdio.h>
void f(int *j) {
(*j)++;
}
int main() {
int i = 20;
int *p = &i;
f(p);
printf("i = %d\n", i);
return 0;
}
输出:
$ gcc -std=c99 test.c
$ a.exe
i = 21
当前回答
在C语言中，为了通过引用传递，你使用了地址操作符&，它应该用于一个变量，但在你的例子中，因为你已经使用了指针变量p，你不需要在它前面加上地址操作符。如果你使用&i作为参数:f(&i)，这将是正确的。
你也可以添加这个，来解引用p，看看这个值如何匹配i:
printf("p=%d \n",*p);
其他回答
在C语言中，模拟了引用传递 通过传递变量的地址 (一个指针)并对其进行解引用 地址内的函数读取或 写出实际的变量。这将 被称为“C风格” 引用传递”。
来源:www-cs-students.stanford.edu
代码片段(有微小修改)
void add_number(int * const a) {
*a = *a + 2;
}
在c++中也存在，在语义上等价于
void add_number(int &a) {
a = a + 2;
}
在这两种情况下，编译器都希望生成相同的add_number函数二进制代码。现在，当您将一个整数视为一个值时，该值将由它的引用传递，在上面的模式中，引用在技术上显示为指针。
结论 C支持通过引用传递实例的语义。 即使在技术上使用int *a你也传递了*a，它是一个引用。
因为你传递了一个指向变量p的指针(内存地址)到函数f中。换句话说，你传递的是一个指针而不是一个引用。
您的示例之所以能够工作，是因为您将变量的地址传递给了一个使用解引用操作符操作其值的函数。
虽然C不支持引用数据类型，但您仍然可以通过显式传递指针值来模拟引用传递，如您的示例所示。
c++引用数据类型功能较弱，但被认为比继承自C的指针类型更安全。这将是您的示例，改编为使用c++引用:
void f(int &j) {
j++;
}
int main() {
int i = 20;
f(i);
printf("i = %d\n", i);
return 0;
}
你所做的是传递值，而不是传递引用。 因为你正在将变量'p'的值发送给函数'f'(在main中为f(p);)
在C语言中，同样的程序通过引用传递看起来像，(!!这个程序给出了2个错误，因为C不支持引用传递)
#include <stdio.h>
void f(int &j) { //j is reference variable to i same as int &j = i
j++;
}
int main() {
int i = 20;
f(i);
printf("i = %d\n", i);
return 0;
}
输出:
3:12: error: expected ';', ',' or ')' before '&' token
void f(int &j);
^
9:3: warning: implicit declaration of function 'f'
f(a);
^
