我正在构建一个简单的助手脚本,用于将代码库中的两个模板文件复制到当前目录。但是,我没有存储模板的目录的绝对路径。我有一个相对路径从脚本,但当我调用脚本,它把它作为一个相对于当前工作目录的路径。是否有一种方法来指定这个相对url是来自脚本的位置?
当前回答
从C:\Users\xyz\myFolder到C:\Users\xyz\testdata:
import os
working_dir = os.path.abspath(os.path.dirname(os.path.dirname(__file__)))
# C:\Users\xyz\myFolder
print(working_dir)
updated_working_dir = os.path.join(os.path.realpath(working_dir + '/../'), 'testdata')
# C:\Users\xyz\testdata
print(updated_working_dir)
输出
C:\Users\xyz\myFolder
C:\Users\xyz\testdata
其他回答
根据其他建议和pathlib文档,一个简单(但不理想)的解决方案如下(假设我们需要引用的文件是Test/data/users.csv):
# Current file location: Tests/src/long/module/subdir/some_script.py
from pathlib import Path
# back to Tests/
PROJECT_ROOT = Path(__file__).parents[4]
# then down to Test/data/users.csv
CSV_USERS_PATH = PROJECT_ROOT / 'data' / 'users.csv'
with CSV_USERS_PATH.open() as users:
print(users.read())
这是可行的,但看起来有点奇怪,因为如果您移动some_script.py,到项目根目录的路径可能会改变(因此我们需要更改父目录[4]部分)。
我想我找到了一个更好的解决方案,基于同样的想法。 我们将使用path .py文件来存储项目的根目录,与根目录相比,这个文件将保持在相同的位置。
Tests
├── data
│ └── users.csv
└── src
├── long
│ └── module
│ └── subdir
│ └── some_script.py
├── main.py
└── paths.py
path .py的唯一职责是提供PROJECT_ROOT:
from pathlib import Path
PROJECT_ROOT = Path(__file__).parents[1]
所有脚本现在都可以使用路径。PROJECT_ROOT表示从项目根开始的绝对路径。例如,在src/long/module/subdir/some_script.py中,我们可以有:
from paths import PROJECT_ROOT
CSV_USERS_PATH = PROJECT_ROOT / 'data' / 'users.csv'
def hello():
with CSV_USERS_PATH.open() as f:
print(f.read())
一切都如你所料:
~/Tests/src/$ python main.py
/Users/cglacet/Tests/data/users.csv
hello, user
~/Tests/$ python src/main.py
/Users/cglacet/Tests/data/users.csv
hello, user
main.py脚本就是:
from long.module.subdir import some_script
some_script.hello()
从C:\Users\xyz\myFolder到C:\Users\xyz\testdata:
import os
working_dir = os.path.abspath(os.path.dirname(os.path.dirname(__file__)))
# C:\Users\xyz\myFolder
print(working_dir)
updated_working_dir = os.path.join(os.path.realpath(working_dir + '/../'), 'testdata')
# C:\Users\xyz\testdata
print(updated_working_dir)
输出
C:\Users\xyz\myFolder
C:\Users\xyz\testdata
而不是使用
import os
dirname = os.path.dirname(__file__)
filename = os.path.join(dirname, 'relative/path/to/file/you/want')
在公认的答案中,使用它会更健壮:
import inspect
import os
dirname = os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.stack()[0][1]))
filename = os.path.join(dirname, 'relative/path/to/file/you/want')
因为使用__file__将返回加载模块的文件,如果它是从一个文件中加载的,所以如果从其他地方调用带有脚本的文件,则返回的目录将不正确。
这些答案提供了更多的细节:https://stackoverflow.com/a/31867043/5542253和https://stackoverflow.com/a/50502/5542253
在有脚本的文件中,你想做这样的事情:
import os
dirname = os.path.dirname(__file__)
filename = os.path.join(dirname, 'relative/path/to/file/you/want')
这将为您提供您正在寻找的文件的绝对路径。注意,如果你正在使用setuptools,你可能应该使用它的包资源API。
更新:我在这里响应一个注释,所以我可以粘贴一个代码示例。: -)
我是否正确地认为__file__并不总是可用的(例如,当你直接运行文件而不是导入它)?
当你提到直接运行文件时,我假设你指的是__main__脚本。如果是这样,在我的系统上似乎不是这样(OS X 10.5.7上的python 2.5.1):
#foo.py
import os
print os.getcwd()
print __file__
#in the interactive interpreter
>>> import foo
/Users/jason
foo.py
#and finally, at the shell:
~ % python foo.py
/Users/jason
foo.py
然而,我确实知道C扩展名上的__file__有一些怪癖。例如,我可以在我的Mac上这样做:
>>> import collections #note that collections is a C extension in Python 2.5
>>> collections.__file__
'/System/Library/Frameworks/Python.framework/Versions/2.5/lib/python2.5/lib-
dynload/collections.so'
但是,这会在我的Windows机器上引发一个异常。
我认为要在所有系统中使用“ntpath”而不是“os.path”。如今,它在Windows、Linux和Mac OSX上都能很好地工作。
import ntpath
import os
dirname = ntpath.dirname(__file__)
filename = os.path.join(dirname, 'relative/path/to/file/you/want')
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