我们有一个PHP应用程序，希望统计特定目录及其子目录下的所有代码行。
我们不需要忽视评论，因为我们只是想得到一个粗略的想法。
wc -l *.php
该命令对于给定的目录非常有效，但它忽略了子目录。我想下面的评论可能有用，但它返回了74，这绝对不是这样。。。
find . -name '*.php' | wc -l
重新输入目录中所有文件的正确语法是什么？
当前回答
如果使用相当新的Bash（或ZSH）版本，则要简单得多：
wc -l **/*.php
在Bash shell中，这需要设置globstar选项，否则**glob运算符不是递归的。要启用此设置，请发出
shopt -s globstar
要使其永久化，请将其添加到一个初始化文件（~/.bashrc、~/.bah_profile等）中。
其他回答
仅适用于来源：
wc `find`
要过滤，只需使用grep：
wc `find | grep .php$`
您可以使用专门为此目的而构建的cloc实用程序。它报告每种语言的行数，以及其中有多少行是注释等。CLOC在Linux、Mac和Windows上都可用。
用法和输出示例：
$ cloc --exclude-lang=DTD,Lua,make,Python .
2570 text files.
2200 unique files.
8654 files ignored.
http://cloc.sourceforge.net v 1.53 T=8.0 s (202.4 files/s, 99198.6 lines/s)
-------------------------------------------------------------------------------
Language files blank comment code
-------------------------------------------------------------------------------
JavaScript 1506 77848 212000 366495
CSS 56 9671 20147 87695
HTML 51 1409 151 7480
XML 6 3088 1383 6222
-------------------------------------------------------------------------------
SUM: 1619 92016 233681 467892
-------------------------------------------------------------------------------
类似于Shizzmo的回答，但更丑陋、更准确。如果您经常使用它，请将其修改为适合并放入脚本中。
此示例：
正确排除不是代码的路径（find根本不遍历）过滤出复合扩展名和您希望忽略的其他文件仅包含指定类型的实际文件忽略空行给出一个总数
find . \! \( \( -path ./lib -o -path ./node_modules -o -path ./vendor -o -path ./any/other/path/to/skip -o -wholename ./not/this/specific/file.php -o -name '*.min.js' -o -name '*.min.css' \) -prune \) -type f \( -name '*.php' -o -name '*.inc' -o -name '*.js' -o -name '*.scss' -o -name '*.css' \) -print0 | xargs -0 cat | grep -vcE '^[[:space:]]*$'
到目前为止，没有一个答案能解决带空格的文件名问题。
此外，如果树中路径的总长度超过shell环境大小限制（在Linux中默认为几兆字节），则所有使用xargs的路径都会失败。
这是一个以非常直接的方式解决这些问题的方法。子shell处理带有空格的文件。awk汇总了单个文件wc输出的流，因此它不应该耗尽空间。它还将exec限制为仅文件（跳过目录）：
find . -type f -name '*.php' -exec bash -c 'wc -l "$0"' {} \; | awk '{s+=$1} END {print s}'
对于Windows，一个简单快捷的工具是LocMetrics。
