我想为解决这个问题的轻量级库做广告:语义版本

可以同时使用面向对象(OO)和面向函数。它可以作为npm-package和现成的包文件使用。

进行这种比较的基本思想是使用Array。拆分以从输入字符串中获得部件数组，然后比较两个数组中的部件对;如果部分不相等，我们就知道哪个版本更小。

这里有一些重要的细节需要记住:

每对零件应该如何比较?这个问题想要从数字上进行比较，但是如果我们有不只是由数字组成的版本字符串(例如。“1.0”)? 如果一个版本字符串的部分比另一个多，会发生什么?很可能“1.0”应该被认为小于“1.0.1”，但是“1.0.0”呢?

下面是你可以直接使用的实现代码(要点和文档):

function versionCompare(v1, v2, options) {
    var lexicographical = options && options.lexicographical,
        zeroExtend = options && options.zeroExtend,
        v1parts = v1.split('.'),
        v2parts = v2.split('.');

    function isValidPart(x) {
        return (lexicographical ? /^\d+[A-Za-z]*$/ : /^\d+$/).test(x);
    }

    if (!v1parts.every(isValidPart) || !v2parts.every(isValidPart)) {
        return NaN;
    }

    if (zeroExtend) {
        while (v1parts.length < v2parts.length) v1parts.push("0");
        while (v2parts.length < v1parts.length) v2parts.push("0");
    }

    if (!lexicographical) {
        v1parts = v1parts.map(Number);
        v2parts = v2parts.map(Number);
    }

    for (var i = 0; i < v1parts.length; ++i) {
        if (v2parts.length == i) {
            return 1;
        }

        if (v1parts[i] == v2parts[i]) {
            continue;
        }
        else if (v1parts[i] > v2parts[i]) {
            return 1;
        }
        else {
            return -1;
        }
    }

    if (v1parts.length != v2parts.length) {
        return -1;
    }

    return 0;
}

这个版本自然地比较各个部分，不接受字符后缀，并认为“1.7”比“1.7.0”小。比较模式可以更改为字典式，短版本字符串可以使用可选的第三个参数自动填充零。

这里有一个运行“单元测试”的JSFiddle;这是一个稍微扩展的版本的ripper234的工作(谢谢)。

重要提示:此代码使用Array。map和Array。这意味着它将不会在9之前的IE版本中运行。如果你需要支持这些方法，你就必须为缺失的方法提供填充。

semver

npm使用的语义版本解析器。

$ npm install semver

var semver = require('semver');

semver.diff('3.4.5', '4.3.7') //'major'
semver.diff('3.4.5', '3.3.7') //'minor'
semver.gte('3.4.8', '3.4.7') //true
semver.ltr('3.4.8', '3.4.7') //false

semver.valid('1.2.3') // '1.2.3'
semver.valid('a.b.c') // null
semver.clean(' =v1.2.3 ') // '1.2.3'
semver.satisfies('1.2.3', '1.x || >=2.5.0 || 5.0.0 - 7.2.3') // true
semver.gt('1.2.3', '9.8.7') // false
semver.lt('1.2.3', '9.8.7') // true

var versions = [ '1.2.3', '3.4.5', '1.0.2' ]
var max = versions.sort(semver.rcompare)[0]
var min = versions.sort(semver.compare)[0]
var max = semver.maxSatisfying(versions, '*')

语义版本控制链接:https://www.npmjs.com/package/semver#prerelease-identifiers

这不是一个很好的解决问题的方法，但它非常相似。

这个排序函数是针对语义版本的，它处理的是解析版本，所以它不能处理像x或*这样的通配符。

它适用于正则表达式匹配的版本:/\d+\.\d+\.\d+.*$/。它与这个答案非常相似，除了它也适用于像1.2.3-dev这样的版本。 与另一个答案的比较:我删除了一些我不需要的检查，但我的解决方案可以与另一个相结合。

semVerSort = function(v1, v2) {
  var v1Array = v1.split('.');
  var v2Array = v2.split('.');
  for (var i=0; i<v1Array.length; ++i) {
    var a = v1Array[i];
    var b = v2Array[i];
    var aInt = parseInt(a, 10);
    var bInt = parseInt(b, 10);
    if (aInt === bInt) {
      var aLex = a.substr((""+aInt).length);
      var bLex = b.substr((""+bInt).length);
      if (aLex === '' && bLex !== '') return 1;
      if (aLex !== '' && bLex === '') return -1;
      if (aLex !== '' && bLex !== '') return aLex > bLex ? 1 : -1;
      continue;
    } else if (aInt > bInt) {
      return 1;
    } else {
      return -1;
    }
  }
  return 0;
}

合并后的解为:

function versionCompare(v1, v2, options) {
    var zeroExtend = options && options.zeroExtend,
        v1parts = v1.split('.'),
        v2parts = v2.split('.');

    if (zeroExtend) {
        while (v1parts.length < v2parts.length) v1parts.push("0");
        while (v2parts.length < v1parts.length) v2parts.push("0");
    }

    for (var i = 0; i < v1parts.length; ++i) {
        if (v2parts.length == i) {
            return 1;
        }
        var v1Int = parseInt(v1parts[i], 10);
        var v2Int = parseInt(v2parts[i], 10);
        if (v1Int == v2Int) {
            var v1Lex = v1parts[i].substr((""+v1Int).length);
            var v2Lex = v2parts[i].substr((""+v2Int).length);
            if (v1Lex === '' && v2Lex !== '') return 1;
            if (v1Lex !== '' && v2Lex === '') return -1;
            if (v1Lex !== '' && v2Lex !== '') return v1Lex > v2Lex ? 1 : -1;
            continue;
        }
        else if (v1Int > v2Int) {
            return 1;
        }
        else {
            return -1;
        }
    }

    if (v1parts.length != v2parts.length) {
        return -1;
    }

    return 0;
}

这适用于由句点分隔的任何长度的数字版本。只有当myVersion为>= minimumVersion时，它才返回true，假设版本1小于1.0，版本1.1小于1.1.0，以此类推。添加额外的条件应该相当简单，比如接受数字(只需转换为字符串)和十六进制，或者使分隔符动态(只需添加一个分隔符参数，然后将“。”替换为参数)

function versionCompare(myVersion, minimumVersion) {

    var v1 = myVersion.split("."), v2 = minimumVersion.split("."), minLength;   

    minLength= Math.min(v1.length, v2.length);

    for(i=0; i<minLength; i++) {
        if(Number(v1[i]) > Number(v2[i])) {
            return true;
        }
        if(Number(v1[i]) < Number(v2[i])) {
            return false;
        }           
    }

    return (v1.length >= v2.length);
}

下面是一些测试:

console.log(versionCompare("4.4.0","4.4.1"));
console.log(versionCompare("5.24","5.2"));
console.log(versionCompare("4.1","4.1.2"));
console.log(versionCompare("4.1.2","4.1"));
console.log(versionCompare("4.4.4.4","4.4.4.4.4"));
console.log(versionCompare("4.4.4.4.4.4","4.4.4.4.4"));
console.log(versionCompare("0","1"));
console.log(versionCompare("1","1"));
console.log(versionCompare("","1"));
console.log(versionCompare("10.0.1","10.1"));

这里有一个递归版本

function versionCompare(myVersion, minimumVersion) {
  return recursiveCompare(myVersion.split("."),minimumVersion.split("."),Math.min(myVersion.length, minimumVersion.length),0);
}

function recursiveCompare(v1, v2,minLength, index) {
  if(Number(v1[index]) < Number(v2[index])) {
    return false;
  }
  if(Number(v1[i]) < Number(v2[i])) {
    return true;
    }
  if(index === minLength) {
    return (v1.length >= v2.length);
  }
  return recursiveCompare(v1,v2,minLength,index+1);
}

这实际上取决于版本控制系统背后的逻辑。每个数字代表什么，如何使用。

每个subversion是否是一个用于指定开发阶段的数字? 为0 1代表β 发布候选2个 3为(最终)发布

它是构建版本吗?您是否应用增量更新?

一旦了解了版本控制系统的工作原理，创建算法就变得很容易了。

如果您不允许在每个subversion中使用大于9的数字，则删除所有小数，但第一个小数将允许您进行直接比较。

如果允许在任何一种颠覆版本中使用大于9的数字，有几种方法可以比较它们。最明显的方法是将字符串按小数分割，然后比较每一列。

但是在不知道版本控制系统是如何工作的情况下，当版本1.0.2a发布时，实现像上面这样的过程可能会很麻烦。