如果你的除数是正数，这里所有的答案都很有效，但它并不完全。下面是我的实现，它总是在[0,b)的范围内返回，这样输出的符号与除数的符号相同，允许负除数作为输出范围的端点。

重新启动2 返回1 重新启动-1 重新启动-2

    /// <summary>
    /// Performs a canonical Modulus operation, where the output is on the range [0, b).
    /// </summary>
    public static real_t PosMod(real_t a, real_t b)
    {
        real_t c = a % b;
        if ((c < 0 && b > 0) || (c > 0 && b < 0)) 
        {
            c += b;
        }
        return c;
    }

(real_t可以是任何数字类型)

对于更注重性能的开发人员

uint wrap(int k, int n) ((uint)k)%n

一个小的性能比较

Modulo: 00:00:07.2661827 ((n%x)+x)%x)
Cast:   00:00:03.2202334 ((uint)k)%n
If:     00:00:13.5378989 ((k %= n) < 0) ? k+n : k

至于浇注到uint的性能成本在这里看一下

只需将您的模量(arrayLength)添加到%的负结果，就可以了。

ShreevatsaR的第二个答案是:

int mod(int x, int m) {
    int r = x % m;
    return r < 0 ? r + m : r;
}

可以在新版本的c#中使用var模式和switch表达式作为一行程序来编写:

int mod(int x, int m) => (x % m) switch 
{ 
    < 0 and var r => r + m, var r => r 
}

我总是使用我自己的mod函数，定义为

int mod(int x, int m) {
    return (x%m + m)%m;
}

当然，如果你不介意对模运算进行两次调用，你可以把它写成

int mod(int x, int m) {
    int r = x%m;
    return r<0 ? r+m : r;
}

或其变体。

它起作用的原因是“x%m”总是在[-m+1, m-1]的范围内。所以如果它是负的，加上m就会使它在正范围内而不改变它对m的模的值。

请注意，c#和c++的%运算符实际上不是模数，而是余数。在你的例子中，求模的公式是:

float nfmod(float a,float b)
{
    return a - b * floor(a / b);
}

你必须用c#(或c++)重新编码，但这是你得到模数而不是余数的方法。