当您没有足够权限查看数据库时，使用INFORMATION_SCHEMA或show数据库是不可靠的。当您无法访问数据库时，它似乎不存在。创建之后就会失败。另一种更精确的检查方法是使用use命令的输出，尽管我不知道这种方法有多可靠(文本输出在未来版本/其他语言中会有变化……)，所以请注意。

CHECK=$(mysql -sNe "use DB_NAME" 2>&1)
if [ $? -eq 0 ]; then
  # database exists and is accessible
elif [ ! -z "$(echo $CHECK | grep 'Unknown database')" ]; then
  # database does not exist
elif [ ! -z "$(echo $CHECK | grep 'Access denied')" ]; then
  # cannot tell if database exists (not enough permissions)"
else
  # unexpected output
fi

如果你正在寻找一个php脚本，请参阅下面。

$link = mysql_connect('localhost', 'mysql_user', 'mysql_password');
if (!$link) {
  die('Not connected : ' . mysql_error());
}

// make foo the current db
$db_selected = mysql_select_db('foo', $link);
if (!$db_selected) {
  die ('Cannot use foo : ' . mysql_error());
}

SELECT IF('database_name' IN(SELECT SCHEMA_NAME FROM INFORMATION_SCHEMA.SCHEMATA), 1, 0) AS found;

SELECT SCHEMA_NAME
  FROM INFORMATION_SCHEMA.SCHEMATA
 WHERE SCHEMA_NAME = 'DBName'

如果你只是需要知道一个db是否存在，这样当你尝试创建它时就不会得到一个错误，只需使用(从这里):

CREATE DATABASE IF NOT EXISTS DBName;

当您没有足够权限查看数据库时，使用INFORMATION_SCHEMA或show数据库是不可靠的。当您无法访问数据库时，它似乎不存在。创建之后就会失败。另一种更精确的检查方法是使用use命令的输出，尽管我不知道这种方法有多可靠(文本输出在未来版本/其他语言中会有变化……)，所以请注意。

CHECK=$(mysql -sNe "use DB_NAME" 2>&1)
if [ $? -eq 0 ]; then
  # database exists and is accessible
elif [ ! -z "$(echo $CHECK | grep 'Unknown database')" ]; then
  # database does not exist
elif [ ! -z "$(echo $CHECK | grep 'Access denied')" ]; then
  # cannot tell if database exists (not enough permissions)"
else
  # unexpected output
fi

在使用like语句检查是否存在时要小心!

如果在一系列不幸的事件中，你的变量最终为空，你最终执行这个:

SHOW DATABASES like '' -- dangerous!

它将返回ALL数据库，从而告诉调用脚本它存在，因为返回了一些行。

使用“=”等号来测试是否存在是更安全、更好的做法。

正确和安全的测试方法应该是:

SHOW DATABASES WHERE `database` = 'xxxxx' -- safe way to test for existence

注意，您必须用反引号来包装列名数据库，在这种情况下不能使用宽松的语法。

这样，如果创建变量“xxxxx”的代码返回空，那么SHOW DATABASES将不会返回ALL数据库，而是返回一个空集。