我试图在一个应用程序中实现一个功能,当互联网连接不可用时显示警报。 警报有两个动作(确定和设置),每当用户单击设置,我想以编程方式将他们带到电话设置。

我使用Swift和Xcode。


当前回答

UIApplication.open(_:options:completionHandler:)只能在主线程中使用

解决方案:

if let appSettings = URL(string: UIApplication.openSettingsURLString + Bundle.main.bundleIdentifier!) {
  if UIApplication.shared.canOpenURL(appSettings) {
    DispatchQueue.main.async {
        UIApplication.shared.open(appSettings)
    }
  }
}

其他回答

斯威夫特4

如果这是你想要的,这可能会占用你应用程序的特定设置。

UIApplication.shared.openURL(URL(string: UIApplicationOpenSettingsURLString)!)

在iOS 10.3上,App-Specific URL Schemes的第一个响应对我来说很有效。

if let appSettings = URL(string: UIApplicationOpenSettingsURLString + Bundle.main.bundleIdentifier!) {
    if UIApplication.shared.canOpenURL(appSettings) {
      UIApplication.shared.open(appSettings)
    }
  }

如上所述@niravdesai说App-prefs。 我发现App-Prefs:适用于iOS 9、10和11。设备测试。 where as prefs:仅适用于iOS 9。

我看过这行代码

UIApplication.sharedApplication() .openURL(NSURL(string:"prefs:root=General")!)

是不工作,它没有为我在ios10/ Xcode 8,只是一个小的代码差异,请替换这个

UIApplication.sharedApplication().openURL(NSURL(string:"App-Prefs:root=General")!)

Swift3

UIApplication.shared.openURL(URL(string:"prefs:root=General")!)

替换为

UIApplication.shared.openURL(URL(string:"App-Prefs:root=General")!)

希望能有所帮助。 欢呼。

在ios10/ Xcode 8模拟器:

UIApplication.shared.openURL(URL(string:UIApplicationOpenSettingsURLString)!)

作品

UIApplication.shared.openURL(URL(string:"prefs:root=General")!)

没有。