捕获请求中的URL参数。得到

我目前正在定义正则表达式，以便捕获URL中的参数，如教程中所述。我如何访问参数从URL作为HttpRequest对象的一部分?

我的HttpRequest。GET当前返回一个空的QueryDict对象。

我想学习如何在没有库的情况下做到这一点，这样我就可以更好地了解Django。

当前回答

你不妨检查一下请求。META字典可以访问很多有用的东西 PATH_INFO, QUERY_STRING

# for example
request.META['QUERY_STRING']

# or to avoid any exceptions provide a fallback

request.META.get('QUERY_STRING', False)

你说它返回空的查询字典

我认为你需要调整你的url接受必要或可选的args或kwargs Django为你提供了处理后悔的所有能力，比如:

url(r'^project_config/(?P<product>\w+)/$', views.foo),

更多信息请访问django-optional-url-parameters

其他回答

def some_view(request, *args, **kwargs):
    if kwargs.get('q', None):
        # Do something here ..

似乎更推荐使用request.query_params。例如,

当URL是domain/search/?Q =哈哈，你会使用request.query_params。(“问”,没有一个)

https://www.django-rest-framework.org/api-guide/requests/

”的请求。query_params是request.GET的同义词。

为了代码内部清晰，我们建议使用request。query_params而不是Django标准的request.GET。这样做有助于让你的代码更加正确和明显——任何HTTP方法类型都可能包含查询参数，而不仅仅是GET请求。”

如果你不知道参数的名称，想要使用它们，你可以使用request.GET.keys()或dict(request.GET)函数

你有两种常见的方法来做到这一点，以防你的URL看起来像这样:

https://domain/method/?a=x&b=y

版本1:

如果一个特定的键是强制性的，你可以使用:

key_a = request.GET['a']

如果键存在，则返回值为a，如果不存在则返回异常。

版本2:

如果你的键是可选的:

request.GET.get('a')

你可以尝试没有任何参数，这不会崩溃。所以你可以用try: except:来包装它，并返回HttpResponseBadRequest()。这是一种使代码不那么复杂的简单方法，不需要使用特殊的异常处理。

你不妨检查一下请求。META字典可以访问很多有用的东西 PATH_INFO, QUERY_STRING

# for example
request.META['QUERY_STRING']

# or to avoid any exceptions provide a fallback

request.META.get('QUERY_STRING', False)

你说它返回空的查询字典

我认为你需要调整你的url接受必要或可选的args或kwargs Django为你提供了处理后悔的所有能力，比如:

url(r'^project_config/(?P<product>\w+)/$', views.foo),

更多信息请访问django-optional-url-parameters

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