这是我的代码:
function phpwtf(string $s) {
echo "$s\n";
}
phpwtf("Type hinting is da bomb");
这将导致以下错误:
可捕捉的致命错误:传递给phpwtf()的参数1必须是string的实例，string给定
看到PHP同时识别和拒绝所需的类型，这有点像奥威尔。有五盏灯，该死。
PHP中字符串类型提示的等效内容是什么?额外的考虑，答案解释了这里到底发生了什么。
当前回答
我认为php上的类型转换在块内部，php上的字符串不是对象，正如我所知:
<?php
function phpwtf($s) {
$s = (string) $s;
echo "$s\n";
}
phpwtf("Type hinting is da bomb");
其他回答
当从Laravel控制器调用函数到PHP文件时，我得到了这个错误。
几个小时后，我发现了问题:我在一个静态函数中使用了$this。
由于PHP 7.0的类型声明允许标量类型，所以现在可以使用这些类型:self, array, callable, bool, float, int, string。前三个是在PHP 5中提供的，但后四个是在PHP 7中新增的。如果你使用任何其他的(例如整数或布尔)，将被解释为类名。
有关更多信息，请参阅PHP手册。
PHP允许在提供类来指定对象时使用“提示”。根据PHP手册，“类型提示只能是对象和数组类型(从PHP 5.1开始)。不支持int和string的传统类型提示。”错误是令人困惑的，因为你选择了“字符串”-把“myClass”放在它的位置，错误将读不同:“传递给phpwtf()的参数1必须是myClass的一个实例，字符串给定”
(最初由leepowers在他的问题中发布)
错误消息之所以令人困惑，有一个重要原因:
基本类型名在PHP中不保留
以下是所有有效的类声明:
class string { }
class int { }
class float { }
class double { }
我的错误在于认为错误消息仅仅是指字符串基本类型——“实例”这个词应该让我停顿一下。举个例子进一步说明:
class string { }
$n = 1234;
$s1 = (string)$n;
$s2 = new string();
$a = array('no', 'yes');
printf("\$s1 - primitive string? %s - string instance? %s\n",
$a[is_string($s1)], $a[is_a($s1, 'string')]);
printf("\$s2 - primitive string? %s - string instance? %s\n",
$a[is_string($s2)], $a[is_a($s2, 'string')]);
输出:
$s1 -原始字符串?是字符串实例?没有 $s2 -原始字符串?无字符串实例?是的
在PHP中，字符串可以是字符串，除非它实际上是字符串。与任何使用隐式类型转换的语言一样，上下文就是一切。
也许不安全也不漂亮，但如果你一定要:
class string
{
private $Text;
public function __construct($value)
{
$this->Text = $value;
}
public function __toString()
{
return $this->Text;
}
}
function Test123(string $s)
{
echo $s;
}
Test123(new string("Testing"));
