如何解决“必须是字符串的一个实例，字符串给定”之前的PHP 7?

这是我的代码:

function phpwtf(string $s) {
    echo "$s\n";
}
phpwtf("Type hinting is da bomb");

这将导致以下错误:

可捕捉的致命错误:传递给phpwtf()的参数1必须是string的实例，string给定

看到PHP同时识别和拒绝所需的类型，这有点像奥威尔。有五盏灯，该死。

PHP中字符串类型提示的等效内容是什么?额外的考虑，答案解释了这里到底发生了什么。

当前回答

当从Laravel控制器调用函数到PHP文件时，我得到了这个错误。

几个小时后，我发现了问题:我在一个静态函数中使用了$this。

其他回答

在PHP 7之前，类型提示只能用于强制对象和数组的类型。标量类型不是类型暗示的。在这种情况下，期望类字符串的对象，但您给了它一个(标量)字符串。错误消息可能很有趣，但它一开始就不应该工作。考虑到动态类型系统，这实际上有某种扭曲的意义。

你只能手动“类型提示”标量类型:

function foo($string) {
    if (!is_string($string)) {
        trigger_error('No, you fool!');
        return;
    }
    ...
}

当从Laravel控制器调用函数到PHP文件时，我得到了这个错误。

几个小时后，我发现了问题:我在一个静态函数中使用了$this。

正如其他人已经说过的，类型提示目前只适用于对象类型。但我认为您触发的特定错误可能是在准备即将到来的字符串类型SplString。

理论上，它的行为像一个字符串，但由于它是一个对象，将通过对象类型验证。不幸的是，PHP 5.3中还没有，可能会在5.4中出现，所以还没有测试。

我认为php上的类型转换在块内部，php上的字符串不是对象，正如我所知:

<?php
function phpwtf($s) {
    $s = (string) $s;
    echo "$s\n";
}
phpwtf("Type hinting is da bomb");

由于PHP 7.0的类型声明允许标量类型，所以现在可以使用这些类型:self, array, callable, bool, float, int, string。前三个是在PHP 5中提供的，但后四个是在PHP 7中新增的。如果你使用任何其他的(例如整数或布尔)，将被解释为类名。

有关更多信息，请参阅PHP手册。

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