如何从Python中的路径获取不带扩展名的文件名?
"/path/to/some/file.txt" → "file"
如何从Python中的路径获取不带扩展名的文件名?
"/path/to/some/file.txt" → "file"
当前回答
import os
filename, file_extension =os.path.splitext(os.path.basename('/d1/d2/example.cs'))
文件名为“example”文件扩展名为“.cs”
'
其他回答
正如@IceAdor在对@user2902201的解决方案的评论中所指出的,rsplit是最简单的解决方案,它对多个周期都是健壮的(通过将拆分次数限制为maxsplit仅为1(从字符串末尾开始))。
以下是详细说明:
file = 'my.report.txt'
print file.rsplit('.', maxsplit=1)[0]
我的报告
import os
path = "a/b/c/abc.txt"
print os.path.splitext(os.path.basename(path))[0]
在Python 3.4+中,您可以使用pathlib解决方案
from pathlib import Path
print(Path(your_path).resolve().stem)
import os
filename, file_extension =os.path.splitext(os.path.basename('/d1/d2/example.cs'))
文件名为“example”文件扩展名为“.cs”
'
如果要保留文件的路径,只需删除扩展名
>>> file = '/root/dir/sub.exten/file.data.1.2.dat'
>>> print ('.').join(file.split('.')[:-1])
/root/dir/sub.exten/file.data.1.2