如何从Python中的路径获取不带扩展名的文件名？

"/path/to/some/file.txt"  →  "file"

当前回答

在Windows系统上，我也使用了驱动程序名称前缀，例如：

>>> s = 'c:\\temp\\akarmi.txt'
>>> print(os.path.splitext(s)[0])
c:\temp\akarmi

因为我不需要驱动器号或目录名，所以我使用：

>>> print(os.path.splitext(os.path.basename(s))[0])
akarmi

其他回答

在Python 3.4+中，您可以使用pathlib解决方案

from pathlib import Path

print(Path(your_path).resolve().stem)

https://docs.python.org/3/library/os.path.html

在python 3中，pathlib“pathlib模块提供高级路径对象。”所以

>>> from pathlib import Path

>>> p = Path("/a/b/c.txt")
>>> p.with_suffix('')
WindowsPath('/a/b/c')
>>> p.stem
'c'

改进@spinup答案：

fn = pth.name
for s in pth.suffixes:
    fn = fn.rsplit(s)[0]
    break
    
print(fn)      # thefile

这也适用于没有扩展名的文件名

在Python 3.4中使用来自pathlib的.stream+

from pathlib import Path

Path('/root/dir/sub/file.ext').stem

将返回

'file'

请注意，如果文件有多个扩展名，stem将只删除最后一个扩展名。例如，Path（'file.tar.gz'）.stream将返回'file.tar'。

正如@IceAdor在对@user2902201的解决方案的评论中所指出的，rsplit是最简单的解决方案，它对多个周期都是健壮的（通过将拆分次数限制为maxsplit仅为1（从字符串末尾开始））。

以下是详细说明：

file = 'my.report.txt'
print file.rsplit('.', maxsplit=1)[0]

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