如何从Python中的路径获取不带扩展名的文件名?

"/path/to/some/file.txt"  →  "file"

当前回答

>>>print(os.path.splitext(os.paath.basename(“/path/to/file/vrun.txt”))[0])varun

这里/path/to/file/vrun.txt是文件的路径,输出为varun

其他回答

改进@spinup答案:

fn = pth.name
for s in pth.suffixes:
    fn = fn.rsplit(s)[0]
    break
    
print(fn)      # thefile 

这也适用于没有扩展名的文件名

获取不带扩展名的文件名:

import os
print(os.path.splitext("/path/to/some/file.txt")[0])

打印:

/path/to/some/file

os.path.splitext文档。

重要提示:如果文件名有多个点,则只删除最后一个点之后的扩展名。例如:

import os
print(os.path.splitext("/path/to/some/file.txt.zip.asc")[0])

打印:

/path/to/some/file.txt.zip

如果您需要处理该案例,请参阅下面的其他答案。

但即使在导入os时,我也无法将其称为path.basename。是否可以直接将其称之为basename?

导入os,然后使用os.path.basename

导入os并不意味着你可以在不引用os的情况下使用os.foo。

您可以通过以下方式制作自己的产品:

>>> import os
>>> base=os.path.basename('/root/dir/sub/file.ext')
>>> base
'file.ext'
>>> os.path.splitext(base)
('file', '.ext')
>>> os.path.splitext(base)[0]
'file'

重要提示:如果有多个。在文件名中,只删除最后一个。例如:

/root/dir/sub/file.ext.zip -> file.ext

/root/dir/sub/file.ext.tar.gz -> file.ext.tar

请参阅下面的其他答案来解决这个问题。

在Python 3.4+中,您可以使用pathlib解决方案

from pathlib import Path

print(Path(your_path).resolve().stem)