如何从Python中的路径获取不带扩展名的文件名?
"/path/to/some/file.txt" → "file"
如何从Python中的路径获取不带扩展名的文件名?
"/path/to/some/file.txt" → "file"
当前回答
>>> print(os.path.splitext(os.path.basename("/path/to/file/hemanth.txt"))[0])
hemanth
其他回答
为了方便起见,一个简单的函数包装了os.path中的两个方法:
def filename(path):
"""Return file name without extension from path.
See https://docs.python.org/3/library/os.path.html
"""
import os.path
b = os.path.split(path)[1] # path, *filename*
f = os.path.splitext(b)[0] # *file*, ext
#print(path, b, f)
return f
用Python 3.5测试。
获取不带扩展名的文件名:
import os
print(os.path.splitext("/path/to/some/file.txt")[0])
打印:
/path/to/some/file
os.path.splitext文档。
重要提示:如果文件名有多个点,则只删除最后一个点之后的扩展名。例如:
import os
print(os.path.splitext("/path/to/some/file.txt.zip.asc")[0])
打印:
/path/to/some/file.txt.zip
如果您需要处理该案例,请参阅下面的其他答案。
正如@IceAdor在对@user2902201的解决方案的评论中所指出的,rsplit是最简单的解决方案,它对多个周期都是健壮的(通过将拆分次数限制为maxsplit仅为1(从字符串末尾开始))。
以下是详细说明:
file = 'my.report.txt'
print file.rsplit('.', maxsplit=1)[0]
我的报告
我已经阅读了答案,我注意到有很多好的解决方案。因此,对于那些希望获得(名称或扩展名)的人,这里有另一个解决方案,使用os模块,这两种方法都支持具有多个扩展名的文件。
import os
def get_file_name(path):
if not os.path.isdir(path):
return os.path.splitext(os.path.basename(path))[0].split(".")[0]
def get_file_extension(path):
extensions = []
copy_path = path
while True:
copy_path, result = os.path.splitext(copy_path)
if result != '':
extensions.append(result)
else:
break
extensions.reverse()
return "".join(extensions)
注意:windows上的此解决方案不支持带有“\”字符的文件名
我没有仔细看,但我没有看到任何人使用正则表达式解决这个问题。
我将问题解释为“给定路径,返回不带扩展名的基名称。”
e.g.
“path/to/file.json”=>“文件”
“path/to/my.file.json”=>“my.file”
在Python 2.7中,我们仍然没有pathlib。。。
def get_file_name_prefix(file_path):
basename = os.path.basename(file_path)
file_name_prefix_match = re.compile(r"^(?P<file_name_pre fix>.*)\..*$").match(basename)
if file_name_prefix_match is None:
return file_name
else:
return file_name_prefix_match.group("file_name_prefix")
get_file_name_prefix("path/to/file.json")
>> file
get_file_name_prefix("path/to/my.file.json")
>> my.file
get_file_name_prefix("path/to/no_extension")
>> no_extension