我真的很喜欢@mgilson注释，因为如果你有两个可迭代对象，一个对应于键，另一个对应于值，你还可以做以下事情。

keys = ['a', 'b', 'c']
values = [1, 2, 3]
d = dict(zip(keys, values))

给

D = {'a': 1， 'b': 2， 'c': 3}

考虑这个使用字典理解来计算单词在列表中的出现次数的例子

my_list = ['hello', 'hi', 'hello', 'today', 'morning', 'again', 'hello']
my_dict = {k:my_list.count(k) for k in my_list}
print(my_dict)

结果是

{'again': 1, 'hi': 1, 'hello': 3, 'today': 1, 'morning': 1}

你可以使用dict.fromkeys类方法…

>>> dict.fromkeys(range(5), True)
{0: True, 1: True, 2: True, 3: True, 4: True}

这是创建所有键都映射到相同值的字典的最快方法。

但是不要对可变对象使用这个:

d = dict.fromkeys(range(5), [])
# {0: [], 1: [], 2: [], 3: [], 4: []}
d[1].append(2)
# {0: [2], 1: [2], 2: [2], 3: [2], 4: [2]} !!!

如果你实际上不需要初始化所有的键，一个defaultdict可能也很有用:

from collections import defaultdict
d = defaultdict(True)

要回答第二部分，你需要的是对词典的理解:

{k: k for k in range(10)}

你可能不应该这样做，但你也可以创建一个dict的子类，如果你重写__missing__，它的工作方式有点像defaultdict:

>>> class KeyDict(dict):
...    def __missing__(self, key):
...       #self[key] = key  # Maybe add this also?
...       return key
... 
>>> d = KeyDict()
>>> d[1]
1
>>> d[2]
2
>>> d[3]
3
>>> print(d)
{}

在元组列表上使用dict()，这个解决方案将允许您在每个列表中拥有任意值，只要它们的长度相同

i_s = range(1, 11)
x_s = range(1, 11)
# x_s = range(11, 1, -1) # Also works
d = dict([(i_s[index], x_s[index], ) for index in range(len(i_s))])

Python 2.7+中有字典推导式，但它们不像您尝试的那样工作。像列表理解一样，它们创建了一个新字典;不能使用它们向现有字典添加键。此外，您必须指定键和值，当然，如果您愿意，您可以指定一个虚拟值。

>>> d = {n: n**2 for n in range(5)}
>>> print d
{0: 0, 1: 1, 2: 4, 3: 9, 4: 16}

如果你想把它们都设置为True:

>>> d = {n: True for n in range(5)}
>>> print d
{0: True, 1: True, 2: True, 3: True, 4: True}

您所要求的似乎是一种在现有字典上一次性设置多个键的方法。没有捷径可走。您可以像前面演示的那样进行循环，也可以使用字典推导来创建具有新值的新字典，然后执行oldDict.update(newDict)将新值合并到旧字典中。

我真的很喜欢@mgilson注释，因为如果你有两个可迭代对象，一个对应于键，另一个对应于值，你还可以做以下事情。

keys = ['a', 'b', 'c']
values = [1, 2, 3]
d = dict(zip(keys, values))

给

D = {'a': 1， 'b': 2， 'c': 3}