获取当前脚本文件名

如果我有PHP脚本，我怎么能得到当前执行的文件没有其扩展名的文件名?

给定一个“jquery.js.php”形式的脚本的名称，我如何提取只是“jquery.js”部分?

当前回答

这适用于我，即使在包含的PHP文件中运行，并且您希望当前PHP文件的文件名正在运行:

$currentPage= $_SERVER["SCRIPT_NAME"];
$currentPage = substr($currentPage, 1);
echo $currentPage;

结果:

index . php

其他回答

这可能会有帮助:

basename($_SERVER['PHP_SELF'])

即使使用include，它也能工作。

正如一些人所说，basename($_SERVER["SCRIPT_FILENAME"]， '.php')和basename(__FILE__， '.php')是很好的测试方法。

对我来说，使用第二种方法是我所做的一些验证说明的解决方案

这适用于我，即使在包含的PHP文件中运行，并且您希望当前PHP文件的文件名正在运行:

$currentPage= $_SERVER["SCRIPT_NAME"];
$currentPage = substr($currentPage, 1);
echo $currentPage;

结果:

index . php

虽然__FILE__和$_SERVER是最好的方法，但在某些情况下，这也是一种替代方法:

get_included_files();

它包含调用它的文件路径和所有其他包含。

下面是basename(__FILE__， ".php")和basename($_SERVER['REQUEST_URI']， ".php")之间的区别。

basename(__FILE__， ".php")显示了包含此代码的文件名称-这意味着如果您在header.php中包含此代码并且当前页面是index.php，它将返回头文件而不是索引。

basename($_SERVER["REQUEST_URI"]， ".php") -如果你在header.php中使用include这段代码，而当前页面是index.php，它将返回索引而不是头。

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