在设置页面,我想包括三个链接到
我的应用支持网站 YouTube应用教程 我的主要网站(例如:链接到“由Dale Dietrich创建”标签。)
我搜索了这个网站和网页还有我的文档我没有发现任何明显的东西。
注意:我不想在我的应用程序中打开网页。我只想将链接发送到Safari,该链接在那里打开。我已经看到许多应用程序在他们的设置页面做同样的事情,所以这必须是可能的。
在设置页面,我想包括三个链接到
我的应用支持网站 YouTube应用教程 我的主要网站(例如:链接到“由Dale Dietrich创建”标签。)
我搜索了这个网站和网页还有我的文档我没有发现任何明显的东西。
注意:我不想在我的应用程序中打开网页。我只想将链接发送到Safari,该链接在那里打开。我已经看到许多应用程序在他们的设置页面做同样的事情,所以这必须是可能的。
当前回答
未弃用的Objective-C版本如下:
[[UIApplication sharedApplication] openURL:[NSURL URLWithString:@"http://apple.com"] options:@{} completionHandler:nil];
其他回答
试试这个:
NSString *URL = @"xyz.com";
if([[UIApplication sharedApplication] canOpenURL:[NSURL URLWithString:URL]])
{
[[UIApplication sharedApplication] openURL:[NSURL URLWithString:URL]];
}
斯威夫特3.0
if let url = URL(string: "https://www.reddit.com") {
if #available(iOS 10.0, *) {
UIApplication.shared.open(url, options: [:])
} else {
UIApplication.shared.openURL(url)
}
}
这也支持运行旧版本iOS的设备
斯威夫特5:
func open(scheme: String) {
if let url = URL(string: scheme) {
if #available(iOS 10, *) {
UIApplication.shared.open(url, options: [:],
completionHandler: {
(success) in
print("Open \(scheme): \(success)")
})
} else {
let success = UIApplication.shared.openURL(url)
print("Open \(scheme): \(success)")
}
}
}
用法:
open(scheme: "http://www.bing.com")
参考:
iOS10中的OpenURL
看看UIApplication上的-openURL:方法。它应该允许你向系统传递一个NSURL实例,系统将决定在哪个应用程序中打开它并启动该应用程序。(请记住,你可能想要检查- canopenurl:首先,以防URL不能被当前安装在系统上的应用程序处理-尽管这对于普通的http://链接可能不是问题。)
SWIFT 3.0
if let url = URL(string: "https://www.google.com") {
UIApplication.shared.open(url, options: [:])
}