用下面的代码在文件夹中创建一个index.js文件:

const fs = require('fs')    
const files = fs.readdirSync('./routes')
for (const file of files) {
  require('./'+file)
}

然后你可以简单地用require("./routes")加载所有文件夹

我使用节点模块复制到模块来创建一个文件，以需要我们基于nodejs的系统中的所有文件。

我们的实用程序文件的代码是这样的:

/**
 * Module dependencies.
 */

var copy = require('copy-to');
copy(require('./module1'))
.and(require('./module2'))
.and(require('./module3'))
.to(module.exports);

在所有的文件中，大多数函数都被写成export，如下所示:

exports.function1 = function () { // function contents };
exports.function2 = function () { // function contents };
exports.function3 = function () { // function contents };

所以，然后使用文件中的任何函数，你只需要调用:

var utility = require('./utility');

var response = utility.function2(); // or whatever the name of the function is

用下面的代码在文件夹中创建一个index.js文件:

const fs = require('fs')    
const files = fs.readdirSync('./routes')
for (const file of files) {
  require('./'+file)
}

然后你可以简单地用require("./routes")加载所有文件夹

当require得到一个文件夹的路径时，它会在该文件夹中查找index.js文件;如果有一个，它就使用它，如果没有，它就失败。

这可能是最有意义的(如果你可以控制文件夹)创建一个index.js文件，然后分配所有的“模块”，然后简单地要求。

yourfile.js

var routes = require("./routes");

index.js

exports.something = require("./routes/something.js");
exports.others = require("./routes/others.js");

如果你不知道文件名，你应该写一些加载器。

加载器的工作示例:

var normalizedPath = require("path").join(__dirname, "routes");

require("fs").readdirSync(normalizedPath).forEach(function(file) {
  require("./routes/" + file);
});

// Continue application logic here

可以使用:https://www.npmjs.com/package/require-file-directory

要求所选文件只有名称或全部文件。 不需要绝对路径。 易于理解和使用。

另一种选择是使用require-dir包，它允许您执行以下操作。它也支持递归。

var requireDir = require('require-dir');
var dir = requireDir('./path/to/dir');