在Scala中，将整个文件读入内存的简单而规范的方法是什么?(理想情况下，可以控制字符编码。)
我能想到的最好的是:
scala.io.Source.fromPath("file.txt").getLines.reduceLeft(_+_)
或者我应该使用Java的一个可怕的习语，其中最好的(不使用外部库)似乎是:
import java.util.Scanner
import java.io.File
new Scanner(new File("file.txt")).useDelimiter("\\Z").next()
通过阅读邮件列表讨论，我甚至不清楚scala.io.Source是否应该是规范的I/O库。我不明白它的目的到底是什么。
．.． 我想要一些简单易记的东西。例如，在这些语言中，很难忘记成语……
Ruby open("file.txt").read
Ruby File.read("file.txt")
Python open("file.txt").read()
当前回答
正如一些人提到的，scala.io.Source最好避免使用，因为它会导致连接泄漏。
也许scalax和像commons-io这样的纯java库是最好的选择，直到新的孵化器项目(即scala-io)被合并。
其他回答
import scala.io.source
object ReadLine{
def main(args:Array[String]){
if (args.length>0){
for (line <- Source.fromLine(args(0)).getLine())
println(line)
}
}
在参数中，你可以给出文件路径，它会返回所有行
为了扩展Daniel的解决方案，你可以通过在任何需要文件操作的文件中插入下面的导入来大大缩短时间:
import scala.io.Source._
有了这个，你现在可以做:
val lines = fromFile("file.txt").getLines
我会谨慎地将整个文件读入单个String。这是一个非常坏的习惯，它会比你想象的更快更严重地伤害你。getLines方法返回一个Iterator[String]类型的值。它实际上是文件中的惰性光标，允许您只检查所需的数据，而不会有内存过剩的风险。
哦，为了回答你隐含的关于Source的问题:是的，它是规范的I/O库。大多数代码最终都使用java。由于其较低级的接口和与现有框架的更好的兼容性，但是任何有选择的代码都应该使用Source，特别是对于简单的文件操作。
你可以使用
Source.fromFile(fileName).getLines().mkString
但是应该注意的是，getLines()删除了所有新的行字符。 如果你想保存格式，你应该使用
Source.fromFile(fileName).iter.mkString
有人告诉我Source.fromFile有问题。就我个人而言，我在使用Source.fromFile打开大文件时遇到过问题，不得不求助于Java InputStreams。
另一个有趣的解决方案是使用scalax。下面是一些注释良好的代码示例，它使用ManagedResource打开日志文件，使用scalax helper打开文件:http://pastie.org/pastes/420714
val lines = scala.io.Source.fromFile("file.txt").mkString
顺便说一下，“scala.”并不是真正必要的，因为它总是在作用域中，当然，您可以完全或部分地导入io的内容，而不必在前面加上“io.”。
但是，上面的操作使文件保持打开状态。为了避免问题，你应该像这样关闭它:
val source = scala.io.Source.fromFile("file.txt")
val lines = try source.mkString finally source.close()
上面代码的另一个问题是，由于它的实现，它非常慢。对于较大的文件，应该使用:
source.getLines mkString "\n"
