我觉得这个比较干净:

import inspect
print inspect.stack()[0][1]

得到的信息与:

print inspect.getfile(inspect.currentframe())

其中[0]是堆栈中的当前帧(堆栈的顶部)，[1]是文件名，在堆栈中增加到向后，即。

print inspect.stack()[1][1]

将是调用当前帧的脚本的文件名。此外，使用[-1]将使您到达堆栈的底部，即原始调用脚本。

您所说的“当前在进程中运行的文件的文件路径”是什么意思并不完全清楚。 sys。argv[0]通常包含被Python解释器调用的脚本的位置。 查看sys文档了解更多详细信息。

正如@Tim和@Pat Notz指出的那样，__file__属性提供了对

模块所在的文件 加载，如果是从文件中加载的

import os
print os.path.basename(__file__)

这将只给我们文件名。例如，如果文件的abspath是c:\abcd\abc.py，那么第二行将打印abc.py

p1.py:

execfile("p2.py")

p2.py:

import inspect, os
print (inspect.getfile(inspect.currentframe())) # script filename (usually with path)
print (os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe())))) # script directory

我觉得这个比较干净:

import inspect
print inspect.stack()[0][1]

得到的信息与:

print inspect.getfile(inspect.currentframe())

其中[0]是堆栈中的当前帧(堆栈的顶部)，[1]是文件名，在堆栈中增加到向后，即。

print inspect.stack()[1][1]

将是调用当前帧的脚本的文件名。此外，使用[-1]将使您到达堆栈的底部，即原始调用脚本。

print(__file__)
print(__import__("pathlib").Path(__file__).parent)