我有脚本调用其他脚本文件，但我需要获得当前在进程中运行的文件的文件路径。
例如，假设我有三个文件。使用execfile:
Script_1.py调用script_2.py。 反过来，script_2.py调用script_3.py。
如何从script_3.py内的代码中获得script_3.py的文件名和路径，而不必将该信息作为script_2.py的参数传递?
(执行os.getcwd()返回初始脚本的文件路径，而不是当前文件的文件路径。)
当前回答
import os
os.path.dirname(__file__) # relative directory path
os.path.abspath(__file__) # absolute file path
os.path.basename(__file__) # the file name only
其他回答
import sys
print sys.argv[0]
这应该可以工作:
import os,sys
filename=os.path.basename(os.path.realpath(sys.argv[0]))
dirname=os.path.dirname(os.path.realpath(sys.argv[0]))
这是我使用的，所以我可以把我的代码扔到任何地方而没有问题。__name__总是被定义，但__file__只在代码作为文件运行时才被定义(例如，不在IDLE/iPython中)。
if '__file__' in globals():
self_name = globals()['__file__']
elif '__file__' in locals():
self_name = locals()['__file__']
else:
self_name = __name__
或者，这可以写成:
self_name = globals().get('__file__', locals().get('__file__', __name__))
最简单的方法是:
在script_1.py:
import subprocess
subprocess.call(['python3',<path_to_script_2.py>])
在script_2.py:
sys.argv[0]
附注:我尝试过execfile，但由于它将script_2.py作为字符串读取，sys。Argv[0]返回<字符串>。
听起来你可能还想签出inspect模块。
