如果您的脚本只包含一个文件，那么标记为最佳的建议都是正确的。

如果你想从一个可能作为模块导入的文件中找到可执行文件的名称(即传递给当前程序的python解释器的根文件)，你需要这样做(让我们假设这是在一个名为foo.py的文件中):

进口检查

打印inspect.stack () [1] [1]

因为堆栈上的最后一个东西([-1])是进入堆栈的第一个东西(堆栈是LIFO/FILO数据结构)。

然后在bar.py文件中，如果你导入foo，它会打印bar.py，而不是foo.py，这将是所有这些的值:

__file__ inspect.getfile (inspect.currentframe ()) inspect.stack () [0] [1]

我对__file__使用了这种方法 os.path.abspath (__file__) 但是有一个小技巧，它返回。py文件 当代码第一次运行时， 下一个运行的名称为*。佩克文件 所以我选择了: inspect.getfile (inspect.currentframe ()) 或 .f_code.co_filename sys._getframe ()

__file__属性既适用于包含主要执行代码的文件，也适用于导入的模块。

见https://web.archive.org/web/20090918095828/http: / / pyref.infogami.com/__file__

import os
os.path.dirname(__file__) # relative directory path
os.path.abspath(__file__) # absolute file path
os.path.basename(__file__) # the file name only

我觉得这个比较干净:

import inspect
print inspect.stack()[0][1]

得到的信息与:

print inspect.getfile(inspect.currentframe())

其中[0]是堆栈中的当前帧(堆栈的顶部)，[1]是文件名，在堆栈中增加到向后，即。

print inspect.stack()[1][1]

将是调用当前帧的脚本的文件名。此外，使用[-1]将使您到达堆栈的底部，即原始调用脚本。

print(__file__)
print(__import__("pathlib").Path(__file__).parent)